欧拉定理是数论中的基本定理，表明在模运算中，对于任意整数与模数互质的情况下，该整数的欧拉函数次幂与模数同余于1，为RSA等加密算法提供了数学基础。这一讲，我们将介绍离散对数问题，单元阶，以及欧拉定理。
离散数学问题（Discrete Logarithm Problem）是数学和密码学中的一个经典难题，其实就是说模运算求对数非常难。
给定素数 $p$ ，以及整数 $g, h \in \mathbb{Z}_n^*$ ，要求找到整数 $x$ ，使得:
$$
g^x \equiv h \pmod{p}
$$
举个例子，对于 $(p, g, h) = (7, 3, 6)$ ，求满足等式 $3^x \equiv 6 \pmod{7}$ 的 $x$ 。我们尝试用穷举法来解决它：
$$
3^1 \equiv 3 \pmod{7}
$$
$$
3^2 \equiv 2 \pmod{7}
$$
$$
3^3 \equiv 6 \pmod{7}
$$
因此， $x = 3$ 满足条件。
但是对于更大的素数，计算离散对数非常难，比如 $(p, g, h) = (104729, 5, 3375)$ 就很难。而RSA加密算法和椭圆曲线密码系统的安全性就是由离散对数问题保障的，会选取更大更难计算的参数。
设 $a \in \mathbb{Z}_n$ ，能让 $a^k \equiv 1 \pmod{n}$ 的最小整数 $k$ 被称为单元 $a$ 的阶。
举个例子：
当模 $n = 5$ ， $a = 2$ 时，有：
$$
2^1 = 2 \pmod{5}
$$
$$
2^2 = 4 \pmod{5}
$$
$$
2^3 = 8 = 3 \pmod{5}
$$
$$
2^4 = 16 = 1 \pmod{5}
$$
因此 $a$ 的阶为 $4$ 。单元的阶很重要，因为它刻画了单元集的循环性质。我们可以看到 $2^5 = 2 \cdot 2^4 = 2 \cdot 1 = 2 \pmod{5}$ ，落入了下一个 ${2, 4, 3, 1}$ 循环中。
在数论中，阶（order）是一个重要的概念，表示一个元素与模数之间的循环性质。以下是数论中阶的一些重要性质：
1. 如果 $a$ 的阶为 $k$ ，那么 $a^j \equiv 1 \pmod{n}$ 当且仅当 $k$ 整除 $j$ 。 继续使用上面的例子， $a=2, n =5$ ， $a$ 的阶为 $4$ ，有 $2^8 \equiv 256 \equiv 1 \pmod{5}$ ， $4$ 能整除 $8$ 。
点我展开证明 👀
首先，我们先把 $j$ 用 $k$ 表示。根据欧几里得除法，有
$$
j = qk + r
$$
其中 $0 \le r < k$ 。然后将它代入原式，有
$$
a^j = a^{qk+r} = a^{qk}a^r = (a^{k})^qa^r \equiv 1 \pmod{n}
$$
又因为 $a^k \equiv 1 \pmod{n}$ ，所以 $(a^{k})^q\equiv 1 \pmod{n}$ ，上式可以简化为
$$
a^r \equiv 1 \pmod{n}
$$
根据阶的定义，$k$ 是能让 $a^k \equiv 1 \pmod{n}$ 的最小整数，又因为 $0 \le r < k$ ，所以 $r = 0$ ，有：
$$
j = qk
$$
因此 $k$ 整除 $j$ ，证毕。
2. 如果 $a$ 与模数 $n$ 互质，那么 $a$ 的阶 $k$ 能够整除 $\phi(n)$ ，其中 $\phi(n)$ 是欧拉函数。 点我展开证明 👀
这一性质涉及欧拉定理，我们会在下一节介绍。
根据欧拉定理，有 $a^{\phi(n)} \equiv 1 \pmod{n}$ 。根据第一个性质：如果 $a$ 的阶为 $k$ ，那么 $a^j \equiv 1 \pmod{n}$ 当且仅当 $k$ 整除 $j$ 。有 $k$ 整除$\phi(n)$。证毕。
欧拉定理将欧拉函数和幂运算的循环性质联系起来。
定理： 如果整数 $a$ 和正整数 $n$ 互质（即 $\gcd(a,n)=1$ ），那么 $a^{\phi(n)} \equiv 1 \pmod{n}$ 。
其中 $\phi(n)$ 是欧拉函数，也就是 $[1, ..., n-1]$ 中与 $n$ 互质的整数的个数。
继续使用上面的例子， $a=2, n =5$ ，首先计算 $\phi(5)=5-1=4$ ，有 $2^4 \equiv 16 \equiv 1 \pmod{5}$ ， 符合欧拉定理。
再举个例子， $a = 3, n = 7$ ，首先计算 $\phi(7) = 7-1 =6$ ，然后应用欧拉定理得到 $3^6 \equiv 1 \pmod{7}$ 。检查一下 $3^6 = 729$ ，除 $7$ 的余数为 $1$ ，欧拉定理正确。
点我展开证明 👀
考虑集合 $S = Z_n^* = {1 \le x \le n | \gcd(x,n) = 1}$ 。我们知道 $S$ 共有 $\phi(n)$ 个元素，把它们记为 ${x_1, x_2, ..., x_{\phi(n)}}$ 。
再考虑另一个集合 $S'$ ，它的元素是 $S$ 中的元素乘以 $a$ ，可以表示为：
$S' = aS = {ax_1, ax_2, ..., ax_{\phi(n)}}$
引理1： $\gcd(ax_i,n) = 1$ 。
证明：因为 $\gcd(a, n) = 1$ 且 $\gcd(x_i,n) = 1$ ，因此 $\gcd(ax_i,n) = 1$ 。
引理2： 从集合 $S'$ 任取两个元素，它们不在模 $n$ 下同余。
证明：假设 $S'$ 中存在两个元素 $ax_i$ 和 $ax_j$ 同余，有 $ax_i \equiv ax_j \pmod{n}$ ，那么有 $a(x_i- x_j) \equiv 0 \pmod{n}$ ，也就意味着 $n$ 整除 $a(x_i- x_j)$ ，即 $n|a(x_i- x_j)$ 。又因为 $\gcd(a, n) = 1$ ，那么 $n|(x_i- x_j)$ ，也就是 $x_i- x_j = kn$ 。又因为 $1 \le x_i, x_j \le n$ ，因此 $x_i - x_j = 0$ ，也就是 $x_i = x_j$ ，因此当且仅当 $i=j$ 时， $x_i$ 才和 $x_j$ 同余。证毕。
根据引理1和2，我们知道 $S'$ 由 $\phi(n)$ 个与 $n$ 互质的元素组成，且它们两两不同余。也就是说 $S' = Z_n^*$ ，和 $S$ 中包含的元素相同（但是顺序可能改变）。
接下来，我们分别将 $S$ 和 $S'$ 所有元素相乘，它们应该同余，也就是：
$(ax_1)(ax_2)...(ax_{\phi(n)}) \equiv x_1x_2...x_{\phi(n)} \pmod{n}$
把所有的 $a$ 提出来，一共 $\phi(n)$ 个，有：
$a^{\phi(n)} x_1x_2...x_{\phi(n)} \equiv x_1x_2...x_{\phi(n)} \pmod{n}$
设 $X = x_1x_2...x_{\phi(n)}$ ，有 $\gcd(X,n) = 1$ ，因此原式可以简化成：
$a^{\phi(n)} X \equiv X \pmod{n}$
因为 $X^{-1}$ 存在，我们在两边同时乘以 $X^{-1}$ 并简化，可以得到：
$a^{\phi(n)} \equiv 1 \pmod{n}$
证毕！
我们可以很轻松的利用欧拉定理证明费马小定理。
根据欧拉定理：如果整数 $a$ 和正整数 $n$ 互质（即 $\gcd(a,n)=1$ ），那么 $a^{\phi(n)} \equiv 1 \pmod{n}$ 。
当 $n$ 为质数时， $\phi(n)=n-1$ ，代入原式，有 $a^{n-1} \equiv 1 \pmod{n}$ ， 等价于 $a^{n} \equiv a \pmod{n}$ 。这样，我们就证明了费马小定理，它可以被认为是欧拉定理 $n$ 为质数时的特殊情况。
你可以在python中验证欧拉定理：
def gcd (a , b ):
while b :
a , b = b , a % b
return a
def euler_phi (n ):
count = 0
for i in range (1 , n + 1 ):
if gcd (n , i ) == 1 :
count += 1
return count
def euler_theorem (a , n ):
if gcd (a , n ) != 1 :
raise ValueError ("a and n must be coprime for Euler's theorem." )
result = pow (a , euler_phi (n ), n )
return result
# 示例
n = 15
print (f"欧拉函数 phi({ n } { euler_phi (n )} )
# 欧拉函数 phi(15): 8
a = 7
result = euler_theorem (a , n )
print (f"欧拉定理: { a } { n } { n } { result } )
# 欧拉定理: 7^phi(15) mod 15 = 1 这一讲，我们介绍了欧拉定理，以及它和费马小定理的关系。欧拉定理是RSA加密算法的数学基础，非常重要，大家要好好掌握。